Solução por Pedro Racchetti
Materiais prévios necessários:
Para esse problema, usaremos alguns conceitos de geometria computacional, e um algoritmo de achar componentes conexas em grafos (nessa solução usarei Union-Find). Primeiramente, é preciso perceber que dois círculos se intersectam se e somente se a soma dos raios for no máximo, a distância entre os centros. Mais formalmente, existe intersecção entre dois círculos e se e somente se , sendo a distância entre os pontos e .
Como o total de buracos é menor que 1000, podemos montar um grafo em da seguinte maneira: os vértices serão os buracos, e para cada buraco, criaremos uma aresta entre ele e todos os buracos que fazem intersecção com ele, desse modo, as intersecções de buracos serão as componentes conexas. É fácil ver que o ponto mais a esquerda de um buraco é e o ponto mais a direita desse buraco , podemos portanto guardar, para cada componente conexa, o ponto mais a esquerda e o ponto mais a direita dos buracos contidos nela, chamaremos esses pontos de e . Então, para cada componente em que a coordenada de é e a coordenada de é , Bernardo terá de usar uma roupa especial. A imagem da esquerda mostra o grafo que representaria a situação (feita no csacademy) e a da direita explica uma possível solução para o caso no problema (ela está no problema original):
Segue o código comentado para melhor compreensão da solução:
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#include<bits/stdc++.h> | |
using namespace std; | |
const int MAXN = 1123; | |
struct circulo{ //essa struct representara os buracos | |
double raio, x, y; | |
}; | |
circulo cs[MAXN]; | |
struct intersec{ | |
//essa struct representa as componentes conexas | |
double maxesq, maxdir; | |
}; | |
intersec is[MAXN]; | |
double dist(circulo c1, circulo c2){ | |
//essa função retorna a distancia euclidiana entre os centros de dois circulos, | |
//pelo teorema de pitágoras | |
double dy = (c1.y - c2.y); | |
dy *= dy; | |
double dx = (c1.x - c2.x); | |
dx *= dx; | |
return sqrt(dx + dy); | |
} | |
//Aqui, encontramos o representante da componente conexa a qual | |
// um vertice pertence, com o algoritmo de Union-Find | |
int pai[MAXN], prof[MAXN]; | |
int find(int a){ | |
if(pai[a] == a) return a; | |
return pai[a] = find(pai[a]); | |
} | |
//Adicionamos uma aresta entre os buracos a e b, com o algoritmo | |
//de Union-Find | |
void join(int a, int b){ | |
a = find(a); | |
b = find(b); | |
if(prof[a] > prof[b]){ | |
prof[b] = prof[a]; | |
pai[b] = a; | |
} | |
else if(prof[a] < prof[b]){ | |
prof[a] = prof[b]; | |
pai[a] = b; | |
} | |
else{ | |
prof[a] += 1; | |
pai[b] = a; | |
} | |
} | |
int n; | |
double w, l; | |
map<int, int> componentes; //mapeamos o pai de cada componente a um numero | |
int totcomponentes; //guardamos o total de componentes conexas | |
int main(){ | |
//lemos a quantidade de casos de teste | |
int t; | |
scanf("%d", &t); | |
while(t--){ | |
totcomponentes = 0; | |
scanf("%d %lf %lf", &n, &w, &l); | |
for(int i = 0; i < n; i++){ | |
//lemos a entrada e inicializamos os vetores | |
scanf("%lf %lf %lf", &cs[i].x, &cs[i].y, &cs[i].raio); | |
componentes[i] = -1; | |
pai[i] = i; | |
prof[i] = 0; | |
} | |
//encontramos as interseccoes, e criamos arestas entre os circulos | |
for(int i = 0; i < n; i++){ | |
for(int j = 0; j < n; j++){ | |
if(find(i) != find(j) && dist(cs[i], cs[j]) <= cs[i].raio + cs[j].raio){ | |
join(find(i), find(j)); | |
} | |
} | |
} | |
//fazemos o mapeamento de cada componente, caso ainda nao tenha sido feito | |
for(int i = 0; i < n; i++){ | |
if(componentes[find(i)] == -1){ | |
componentes[find(i)] = totcomponentes++; | |
is[componentes[find(i)]].maxesq = cs[i].x - cs[i].raio; | |
is[componentes[find(i)]].maxdir = cs[i].x + cs[i].raio; | |
} | |
// encontramos o maxdir e maxesq de cada componente | |
is[componentes[find(i)]].maxesq = min(is[componentes[find(i)]].maxesq, cs[i].x - cs[i].raio); | |
is[componentes[find(i)]].maxdir = max(is[componentes[find(i)]].maxdir, cs[i].x + cs[i].raio); | |
} | |
int ans = 0; | |
for(int i = 0; i < totcomponentes; i++){ | |
if(is[i].maxesq <= 0 && is[i].maxdir >= w ){ | |
//sempre que uma componente cobrir toda a rua, incrementamos a resposta | |
ans++; | |
} | |
} | |
printf("%d\n", ans); | |
} | |
} |